1、；（2）BD。 （1）单摆的周期为： ，摆长为 ，由周期公式： ，得 ；（2）由上问的公式可知，BD正确。
2、n次全振动的时间为t，T= ，摆线长为L，小球直径为D，摆长为 ，由 ，得 ，解得，g= 因为摆球摆到最高点时速度很慢，容易出现测量误差，所以计时应从最低点开始和结束。
第一种是代入公式法，此方法误差来源于数据T，和摆长 第二种方法是图像法，这种方法也会有误差主要是来源于T，摆长少测半径，对结果没影响，因为我们是利用的图像的斜率，图像平移，不会带来误差 这两种结果的处理，图像法误差更小些。
一个摆长为L=1m，小球质量m=0.1kg的单摆，挂在竖直的墙旁，静止时小球恰好与墙接触但没有压力，如图所示。现将小球偏离竖直方向一个小角度，由静止释放，振动面与墙垂直。若小球与墙相碰时没有能量损耗，试求：（1）小球的振动周期；（2）以球与墙的接触点为原点，作小球的振动图线。
单摆周期：T=2π√（l/a），其中a为等效引力场的加速度。当升降机静止时，a=g，有T=2π√（l/g）① 当升降机运动时，有（3/4）T=2π√（l/a）② ①②联立，得a=（16/9）g 因此升降机此时应以（7/9）g的加速度做变速运动。
向心力的问题 向心力Fn=mv^2/r，因为最高点速度v为零，所以向心力为零；最低点速度最大，所以向心力最大。回复力的问题 回复力与偏离平衡位置的距离成正比，最高点偏离平衡位置最大，所以回复里最大；最低点偏离平衡位置的距离为零，所以回复里为零。
很高兴帮助你，希望对你有帮助！知识点：一般简谐运动周期：t=2π√（m/k）.其中m为振子质量，k为振动系统的回复力系数。
A正确，动能来自于重力势能。乙球较多的重力势能转化成动能 B 正确。 等重，等高点，速度相等。C：错误 D ：正确。都等于3mg。
1、利用单摆测量重力加速度实验中，通过改变摆长，多测量，最后利用斜率求解加速度，是实验过程中的一种数据处理方法。由于T=（4π/g）L，T与L成正比。作出T-L图，其斜率k就等于4π/g。由此进一步求出重力加速度g＝4π/k。
2、所以需要刻度尺。根据利用单摆测重力加速度的实验原理及实验方法，明确需要测量的数据，则可知需要的器材．摆长等于悬点到球心的距离；单摆在摆角较小时（小于5°）可看成简谐运动，不能通过单独一次的实验数据作为最终结果，应根据各组数据求出重力加速度，再求平均值，一个周期内两次通过最低点。
3、在选定摆球时，要选择质量大、体积小的铁球，通过mm刻度尺测量求的直径，利用0.1s的机械秒表测定多次的全振动时间，求出周期即可，所以测量仪器需要ADEH（2）ts内全振动n次，所以 ，则 点评：本题考查了通过单摆测量重力加速度的测量方法，通过公式可以分析出测量需要的仪器和测量的物理量。
4、摆动范围的影响：摆角还会影响摆动的范围，即摆锤摆动的最大角度和最小角度之间的差值。当摆角增大时，摆动的范围也会增大；相反，当摆角减小时，摆动的范围会减小。因此，改变摆角也会改变单摆的摆动范围。综上所述，改变单摆的摆长和摆角会直接影响实验测量得到的重力加速度值。
5、即读作0.9965（0.9960～0.9980）m（3）根据单摆的周期公式 可得 （4）因为球的质量没有变，空气浮力与摆球重力方向相反，好像重力减小了，所以相当于重力加速度减小了，振动周期应该变大，甲同学说法正确，故选A。点评：本实验在计算周期时要注意全振动的次数一定要记录正确，否则周期就会出现错误。
